如图,直线:与坐标轴交于A,B两点,点P为直线:y=2上一动点,连接AP,BP.当△ABP为直角三角形时,则点P的坐标为(    )

已知:如图1,在正方形ABCD中,点E为对角线BD上一点,过E点作EF⊥BD交BC于点F,连接DF,点G为DF中点,连接EG,CG.
(3)将图1中△BEF绕B点逆时针方向旋转135°,如图3所示,再连接相应的线段,(1)中的结论(EG⊥CG)是否仍然成立?若成立,请给出证明;若不成立,请说明理由.

解题思路:(3)类比前两问,看到图2中G是DF的中点,并且EF∥CD,考虑延长EG交CD的延长线于点H.如下图,先证明           ,由全等的性质可以得到           ,进而可以得到点G为EH的中点,BE=DH,CE=CH.在等腰△ECH中,由等腰三角形三线合一,得到           ,从而证明结论.
以上横线处,依次所填正确的是(    )
①△EGF≌△HGD;②△EGF≌△DGH;③EF=DH,EG=HG;④DH∥EF;⑤CG平分∠ECH;⑥CG⊥EH.

已知:如图1,在正方形ABCD中,点E为对角线BD上一点,过E点作EF⊥BD交BC于点F,连接DF,点G为DF中点,连接EG,CG.
(2)将图1中△BEF绕B点逆时针旋转45°,如图2所示,取DF中点G,连接EG,CG.(1)中的结论(EG⊥CG)是否仍然成立?若成立,请给出证明;若不成立,请说明理由.

解题思路:(2)类比第(1)问,看到图2中G是DF的中点,并且EF∥AD,考虑延长EG交AD的延长线于点H,连接CE、CH.如下图,先证明           ,由全等的性质可以得到           ,进而可以得到点G为EH的中点,BE=DH.由题目中的已知条件,利用全等三角形的判定定理           ,可以得到△BEC≌△DHC,从而CE=CH,在等腰△ECH中,由等腰三角形三线合一,得到           ,从而证明结论.
以上横线处,依次所填正确的是(    )
①SSA;②ASA;③SAS;④△EGF≌△DGH;⑤△EGF≌△HGD;⑥EF=DH,EG=HG;⑦DH∥EF;⑧CG平分∠ECH;⑨CG⊥EH.

已知:如图1,在正方形ABCD中,点E为对角线BD上一点,过E点作EF⊥BD交BC于点F,连接DF,点G为DF中点,连接EG,CG.
(1)求证:EG⊥CG.

解题思路:(1)看到图1中G是DF的中点,考虑延长EG到点H,使GH=EG,连接DH、CE、CH,如下图,先利用全等三角形的判定定理           ,证明           ,由全等的性质可以得到           ,进而可以得到点G为EH的中点,BE=DH,DH∥EF,那么∠EDH=90°,所以∠1=∠2=45°,利用全等三角形的判定定理           ,可以得到△BEC≌△DHC,从而CE=CH,在等腰△ECH中,由等腰三角形三线合一,得到           ,从而证明结论.
以上横线处,依次所填正确的是(    )
①SSA;②ASA;③SAS;④△EGF≌△DGH;⑤△EGF≌△HGD;⑥EF=DH,EG=HG,∠FEG=∠GHD;⑦DH∥EF;⑧CG⊥EH;⑨CG平分∠ECH.

方法感悟:(1)已知:如图①,在正方形ABCD中,点E,F分别为DC,BC边上的点,且满足∠EAF=45°,连接EF,求证:EF=DE+BF.
解题思路:
延长CB到G,使BG=DE,连接AG;在正方形ABCD中,AB=AD,∠ABG=∠D=∠BAD=90°;根据全等三角形判定定理可以得到△ABG≌△ADE,根据全等三角形的性质可以得到∠1=∠2,AG=AE;因为∠BAD=90°,∠EAF=45°,所以∠2+∠3=45°,从而得到∠1+∠3=45°,于是∠FAG=∠FAE=45°,根据全等三角形判定定理可以得到△FAG≌△FAE,由全等三角形性质可以得到EF=FG=BF+BG=BF+DE;
(2)类比探究:如图②,将Rt△ABC沿斜边翻折得到△ADC,即△ABC≌△ADC,点E,F分别为DC,BC边上的点,且∠EAF=∠DAB.求证:EF=DE+BF.

解题思路:类比(1)的思路,添加辅助线为           ,由于△ABC≌△ADC,根据全等三角形性质可以得到AD=AB,由于∠ABC=90°,所以∠ABG=90°,根据全等三角形的判定定理           ,得到           ;由全等三角形的性质可以得到∠BAG=∠DAE,AG=AE;因为∠EAF=∠DAB,所以∠DAE+∠BAF=∠DAB,等量代换得到∠BAG+∠BAF=∠DAB,于是           ,根据全等三角形的判定定理可以得到           ,又由全等三角形的性质可以得到EF=FG,得到结论DE+BF=EF.
①延长CB到G,使∠GAB=∠DAE,BG=DE,连接AG,②延长CB到G,使BG=DE,连接AG,③SAS,④SSA,⑤△ABG≌△ADE,⑥△FAG≌△FAE,⑦∠EAF=∠GAF,⑧∠CAE=∠CAF;
括号里所填内容的顺序正确的是(    )

已知:如图1,将三角板放在正方形ABCD上,使三角板的直角顶点E与正方形ABCD的顶点A重合,三角板的一边交CD于点F,另一边交CB的延长线于点G.
(2)如图2,移动三角板,使顶点E始终在正方形ABCD的对角线AC上,其它条件不变,(1)中的结论(EF=EG)是否仍然成立?若成立,请给予证明;若不成立,请说明理由.

解题思路:(2)类比第(1)问的思想,构造两个直角三角形,证明全等;添加辅助线为           ;所以∠EMC=∠ENC=90°,在正方形ABCD中,∠ACB=∠ACD=45°,∠MEC=∠NEC=45°,又因为CE是公共边,所以利用全等三角形的判定定理           ,证明           ,进而得到EM=EN,因为∠GEF=∠MEN=90°,根据同角的余角相等可以得到∠MEG=∠NEF,利用全等三角形的判定定理           ,证明           .
①过点E作EM⊥BC于M,过点E作EN⊥DC于N;②过点E作EM⊥AB于M,过点E作EN⊥AD于N;③ASA;④AAS;⑤△EMC≌△ENC;⑥△EMG≌△ENF;
以上横线处,依次所填正确的是(    )

已知:如图1,将三角板放在正方形ABCD上,使三角板的直角顶点E与正方形ABCD的顶点A重合,三角板的一边交CD于点F,另一边交CB的延长线于点G.
(1)求证:EF=EG.

解题思路:(1)由正方形ABCD可以得到条件∠D=∠EBG=∠BED=90°,ED=EB;又因为∠FEG=90°,根据           ,得到∠BEG=∠DEF;利用全等三角形的判定定理           ,证明           ,根据全等的性质可以得到EF=EG.
①同角的补角相等,②同角的余角相等,③△EDF≌△EBG,④△EDF≌△EGB,⑤AAS,⑥ASA
以上横线处,依次所填正确的是(    )

已知:如图,直线CD经过∠BCA的顶点C,点E,F在直线CD上,已知CA=CB,∠BEC=∠CFA=α.
(3)如图3,若0°<∠BCA<90°,若让你添加一个关于∠α与∠BCA的条件,使结论EF=BE-AF仍然成立,则你添加的条件是(    )

已知:如图,直线CD经过∠BCA的顶点C,点E,F在直线CD上,已知CA=CB,∠BEC=∠CFA=α.
(2)如图2,若∠BCA=60°,α=120°,结论EF=BE-AF仍成立吗?若成立,请给出证明,若不成立,请说明理由..

解题思路:(2)由∠BCA=60°,∠AFC=120°,可以得到∠BCE+∠ACF=60°,∠ACF+∠1=60°,得到             理由是                      .又因为CB=AC,∠BEC=∠CFA,因此根据全等三角形判定定理           ,可以得到           ,由全等的性质得到CE=AF,BE=CF,最后得到EF=CF-CE=BE-AF.
①∠BCE=∠1;②∠BCE=∠ACF;③等式性质;④同角的余角相等;⑤△BEC≌△AFC;⑥△BEC≌△CFA;⑦AAS;⑧ASA;
以上横线处,依次所填正确的是(    )

已知:如图,直线CD经过∠BCA的顶点C,点E,F在直线CD上,已知CA=CB,∠BEC=∠CFA=α.
(1)如图1,若∠BCA=90°,α=90°,试证明EF=BE-AF.

解题思路:(1)由∠BCA=∠CFA=90°,可以得到∠BCE+∠ACF=90°,∠ACF+∠1=90°,得到             理由是                      .又因为CB=AC,∠BEC=∠CFA,因此根据全等三角形判定定理           ,可以得到           ,由全等的性质得到CE=AF,BE=CF,最后得到EF=CF-CE=BE-AF.
①∠BCE=∠1;②∠BCE=∠ACF;③同角的余角相等;④同角的补角相等;⑤△BEC≌△AFC;⑥△BEC≌△CFA;⑦AAS;⑧ASA;
以上横线处,依次所填正确的是(    )